函数f（x）=（2-a）（x-1）-2lnx，g（x）=xe1-x（a∈R，e为自然数的底数）（Ⅰ）讨论函数f（x）的单调性；（II）若对任意给定的x0∈（0，e]，在（0，e]上总存在两个不同的xi（i=1，2），使得f（xi）=g-数学试题及答案

1、试题题目：函数f（x）=（2-a）（x-1）-2lnx，g（x）=xe1-x（a∈R，e为自然数的底数）（Ⅰ..

发布人：繁体字网（www.fantiz5.com）发布时间：2015-12-03 07:30:00

试题原文

函数f（x）=（2-a）（x-1）-2lnx，g（x）=xe^1-x（a∈R，e为自然数的底数）
（Ⅰ）讨论函数f（x）的单调性；
（II）若对任意给定的x₀∈（0，e]，在（0，e]上总存在两个不同的x_i（i=1，2），使得f（x_i）=g（x₀）成立，求a的取值范围．

试题来源：不详试题题型：解答题试题难度：中档适用学段：高中考察重点：函数的单调性与导数的关系

2、试题答案：该试题的参考答案和解析内容如下：

（1）函数的定义域为（0，+∞）
f′(x)=2-a-

2

x

=

(2-a)x-2

x

（x＞0）
当a=2时，f^′（x）＜0，则函数f（x）在（0，+∞）上为减函数；
当a＞2时，f′(x)=-

(a-2)x+2

x

＜0，则函数f（x）在（0，+∞）上为减函数；
当a＜2时，f′(x)=

(2-a)(x-

2

2-a

)

x

，故当x∈(0，

2

2-a

)时，f^′（x）＜0，此时f（x）为减函数；当x∈(

2

2-a

，+∞)时，f^′（x）＞0f（x）为增函数．
综上，当a≥2时，f（x）在（0，+∞）上是减函数；当a＜2时，f（x）在(0，

2

2-a

)上是减函数，在(

2

2-a

，+∞)上是增函数．
（2）g^′（x）=e^1-x-xe^1-x=（1-x）e^1-x
当x∈（0，1）时，g^′（x）＞0，函数g（x）单调递增；
当x∈（1，e]时，g^′（x）＜0，函数g（x）单调递减．
又因为g（0）=0，g（1）=1，g（e）=e?e^1-e＞0
所以，函数g（x）在（0，e]上的值域为（0，1]
f′(x)=2-a-

2

x

=

(2-a)x-2

x

=

(2-a)(x-

2

2-a

)

x

，x∈（0，e]
当x=

2

2-a

时，f^′（x）=0
故由题意得，f（x）在（0，e]上不单调．
∴0＜

2

2-a

＜e，即a＜2-

2

e

①
故当x∈(0，

2

2-a

)时，f^′（x）＜0，f（x）为减函数；当x∈(

2

2-a

，e]时，f^′（x）＞0，f（x）为增函数．
∴当x=

2

2-a

时，函数f（x）取到极小值，也是最小值f(

2

2-a

)=a-2ln

2

2-a

，f（e）=（2-a）（e-1）-2
∴对任意给定的x₀∈（0，e]，在（0，e]上总存在两个不同的x_i（i=1，2），使得f（x_i）=g（x₀）成立，当且仅当a满足下列条件：

f(

2

2-a

)≤0 ②

f(e)≥1 ③

，
即

a-2ln

2

2-a

≤0 ②

(2-a)(e-1)-2≥1 ③

令h(a)=a-2ln

2

2-a

，a∈(-∞，2-

2

e

)
则h′(a)=1-

2

2-a

=

a

a-2

，令h^′（a）=0，解得a=0或a=2
故当a∈（-∞，0）时，h^′（a）＞0，函数h（a）单调递增；当a∈(0，2-

2

e

)时，h^′（a）＜0，函数h（a）单调递减．
∴对于任意的a∈(-∞，2-

2

e

)，有h（a）≤h（0）=0，即②对于任意的a∈(-∞，2-

2

e

)恒成立．
由③解得a≤2-

3

e-1

④
综合①④可知，当a∈(-∞，2-

3

e-1

]时，对任意给定的x₀∈（0，e]，在（0，e]上总存在两个不同的x_i（i=1，2），使得f（x_i）=g（x₀）成立．
故a的范围是(-∞，2-

3

e-1

]

3、扩展分析：该试题重点查考的考点详细输入如下：

经过对同学们试题原文答题和答案批改分析后，可以看出该题目“函数f（x）=（2-a）（x-1）-2lnx，g（x）=xe1-x（a∈R，e为自然数的底数）（Ⅰ..”的主要目的是检查您对于考点“高中函数的单调性与导数的关系”相关知识的理解。有关该知识点的概要说明可查看：“高中函数的单调性与导数的关系”。

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