设数列{an}的各项都为正数，其前n项和为Sn，已知对任意n∈N*，Sn是12an2和an的等差中项（Ⅰ）证明：数列为等差数列，并求数列{an}的通项公式；（Ⅱ）证明：12≤1S1+1S2+…+1Sn＜1；（Ⅲ）设-数学试题及答案

1、试题题目：设数列{an}的各项都为正数，其前n项和为Sn，已知对任意n∈N*，Sn是..

发布人：繁体字网（www.fantiz5.com）发布时间：2016-03-05 07:30:00

试题原文

设数列{a_n}的各项都为正数，其前n项和为S_n，已知对任意n∈N^*，S_n是

1

2

a_n²和a_n的等差中项
（Ⅰ）证明：数列为等差数列，并求数列{a_n}的通项公式；
（Ⅱ）证明：

1

2

≤

1

S1

+

1

S2

+…+

1

Sn

＜1；
（Ⅲ）设集合M={m|m=2k，k∈Z，且1000≤k＜1500}，若存在m∈M，使对满足n＞m的一切正整数n，不等式2Sn-4200＞

a

2n

2

恒成立，试问：这样的正整数m共有多少个．

试题来源：不详试题题型：解答题试题难度：中档适用学段：高中考察重点：等差数列的定义及性质

2、试题答案：该试题的参考答案和解析内容如下：

（Ⅰ）证明：由已知，4Sn=

a

2n

+2an，且a_n＞0． …（1分）
当n=1时，4a1=

a

21

+2a1，解得a₁=2． …（2分）
当n≥2时，有4Sn-1=

a

2n-1

+2an-1．
于是4Sn-4Sn-1=

a

2n

-

a

2n-1

+2an-2an-1，即4an=

a

2n

-

a

2n-1

+2an-2an-1．
于是

a

2n

-

a

2n-1

=2an+2an-1，即（a_n+a_n-1）（a_n-a_n-1）=2（a_n+a_n-1）．
因为a_n+a_n-1＞0，所以a_n-a_n-1=2（n≥2）．
故数列{a_n}是首项为2，公差为2的等差数列，且a_n=2n．…（4分）
（Ⅱ）证明：因为a_n=2n，则

1

Sn

=

1

n(n+1)

=

1

n

-

1

n+1

，…（5分）
所以

1

S1

+

1

S2

+…+

1

Sn

=(1-

1

2

)+(

1

2

-

1

3

)+…+(

1

n

-

1

n+1

)=1-

1

n+1

＜1．…（7分）
因为1-

1

n+1

随着n的增大而增大，所以当n=1时取最小值

1

2

．
故原不等式成立． …（10分）
（Ⅲ）由2Sn-4200＞

a

2n

2

，得2n（n+1）-4200＞2n²，所以n＞2100． …（12分）
由题设，M={2000，2002，…，2008，2010，2012，…，2998}．
因为m∈M，所以m=2100，2102，…，2998均满足条件，且这些数组成首项为2100，公差为2的等差数列．
设这个等差数列共有k项，则2100+2（k-1）=2998，解得k=450．
故集合M中满足条件的正整数m共有450个． …（16分）

3、扩展分析：该试题重点查考的考点详细输入如下：

经过对同学们试题原文答题和答案批改分析后，可以看出该题目“设数列{an}的各项都为正数，其前n项和为Sn，已知对任意n∈N*，Sn是..”的主要目的是检查您对于考点“高中等差数列的定义及性质”相关知识的理解。有关该知识点的概要说明可查看：“高中等差数列的定义及性质”。

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