设函数f(x)=1ax，0≤x≤a11-a(1-x)，a＜x≤1常数且a∈（0，1）．（1）当a=12时，求f（f（13））；（2）若x0满足f（f（x0））=x0，但f（x0）≠x0，则称x0为f（x）的二阶周期点，试确定函数有且仅有两个-数学试题及答案

1、试题题目：设函数f(x)=1ax，0≤x≤a11-a(1-x)，a＜x≤1常数且a∈（0，1）．（1）当a=1..

发布人：繁体字网（www.fantiz5.com）发布时间：2015-12-01 07:30:00

试题原文

设函数f(x)=

1

a

x，0≤x≤a

1

1-a

(1-x)，

a＜x≤1

常数且a∈（0，1）．
（1）当a=

1

2

时，求f（f（

1

3

））；
（2）若x₀满足f（f（x₀））=x₀，但f（x₀）≠x₀，则称x₀为f（x）的二阶周期点，试确定函数有且仅有两个二阶周期点，并求二阶周期点x₁，x₂；
（3）对于（2）中x₁，x₂，设A（x₁，f（f（x₁））），B（x₂，f（f（x₂））），C（a²，0），记△ABC的面积为s（a），求s（a）在区间[

1

3

，

1

2

]上的最大值和最小值．

试题来源：江西试题题型：解答题试题难度：中档适用学段：高中考察重点：函数的单调性、最值

2、试题答案：该试题的参考答案和解析内容如下：

（1）当a=

1

2

时，求f（

1

3

）=

2

3

，故f（f（

1

3

））=f（

2

3

）=2（1-

2

3

）=

2

3

（2）f（f（x））=

1

a2

x，0≤x≤a2

1

a(1-a)

(a-x)，a2＜x≤a

1

(1-a)2

(x-a)，a＜x≤a2-a+1

1

a(1-a)

(1-x)，a2-a+1＜x≤1

当0≤x≤a²时，由

1

a2

x=x，解得x=0，因为f（0）=0，故x=0不是函数的二阶周期点；
当a²＜x≤a时，由

1

(1-a)2

(x-a)=x，解得x=

a

-a2+a+1

∈(a2，a)
因为f（

a

-a2+a+1

）=

1

a

×

a

-a2+a+1

=

1

-a2+a+1

≠

a

-a2+a+1

，
故x=

a

-a2+a+1

是函数的二阶周期点；
当a＜x≤a²-a+1时，由

1

(1-a)2

(x-a)=x，解得x=

1

2-a

∈（a，a²-a+1），因为f（

1

2-a

）=

1

2-a

，故得x=

1

2-a

不是函数的二阶周期点；
当a²-a+1＜x≤1时，由

1

a(1-a)

(1-x)=x，解得x=

1

-a2+a+1

∈（a²-a+1，1），因为f（

1

-a2+a+1

）=

a

-a2+a+1

≠

1

-a2+a+1

，故x=

1

-a2+a+1

是函数的二阶周期点；
因此函数有两个二阶周期点，x₁=

a

-a2+a+1

，x₂=

1

-a2+a+1

（3）由（2）得A（

a

-a2+a+1

，

a

-a2+a+1

），B（

1

-a2+a+1

，

1

-a2+a+1

）
则s（a）=S_△OCB-S_△OCA=

1

2

×

a2(1-a)

-a2+a+1

，所以s′（a）=

1

2

×

a(a3-2a2-2a+2)

-a2+a+1

，
因为a∈（

1

3

，

1

2

），有a²+a＜1，所以s′（a）=

1

2

×

a(a3-2a2-2a+2)

-a2+a+1

=

a[(a+1)(a-1)2+(1-a2-a)]

(-a2+a+1)2

×

1

2

＞0（或令g（a）=a³-2a²-2a+2利用导数证明其符号为正亦可）
s（a）在区间[

1

3

，

1

2

]上是增函数，
故s（a）在区间[

1

3

，

1

2

]上的最小值为s（

1

3

）=

1

33

，最大值为s（

1

2

）=

1

20

3、扩展分析：该试题重点查考的考点详细输入如下：

经过对同学们试题原文答题和答案批改分析后，可以看出该题目“设函数f(x)=1ax，0≤x≤a11-a(1-x)，a＜x≤1常数且a∈（0，1）．（1）当a=1..”的主要目的是检查您对于考点“高中函数的单调性、最值”相关知识的理解。有关该知识点的概要说明可查看：“高中函数的单调性、最值”。

4、其他试题：看看身边同学们查询过的数学试题：