已知函数f(x)=12m(x-1)2-2x+3+lnx，常数m≥1（1）求函数f（x）单调递减区间；（2）当m=2时，设函数g（x）=f（x）-f（2-x）+3的定义域为D，?x1，x2∈D，且x1+x2=1，求证：g（x1）+g（x2），g（x1）-数学试题及答案

1、试题题目：已知函数f(x)=12m(x-1)2-2x+3+lnx，常数m≥1（1）求函数f（x）单调递减..

发布人：繁体字网（www.fantiz5.com）发布时间：2015-11-11 07:30:00

试题原文

已知函数f(x)=

1

2

m(x-1)2-2x+3+lnx，常数m≥1
（1）求函数f（x）单调递减区间；
（2）当m=2时，设函数g（x）=f（x）-f（2-x）+3的定义域为D，?x₁，x₂∈D，且x₁+x₂=1，求证：g（x₁）+g（x₂），g（x₁）-g（x₂），g（2x₁）+g（2x₂），g（2x₁）-g（2x₂）中必有一个是常数（不含x₁，x₂）；
（3）若曲线C：y=f（x）在点P（1，1）处的切线l与曲线C有且只有一个公共点，求m的值．

试题来源：不详试题题型：解答题试题难度：中档适用学段：高中考察重点：二次函数的性质及应用

2、试题答案：该试题的参考答案和解析内容如下：

（1）f′(x)=m(x-1)-2+

1

x

=

mx2-(m+2)x+1

x

，x＞0
对于y=mx²-（m+2）x+1而言，
∵m≥1，∴△=（m+2）²-4m=m²+4＞0
且它的两个零点x2=

m+2+

m2+4

2m

＞x1=

m+2-

m2+4

2m

＞0

故当x₁＜x＜x₂时f′（x）＜0
∴函数f（x）的单调减区间为(

m+2-

m2+4

2m

，

m+2+

m2+4

2m

)
（2）法一：g（x）=4-4x+lnx-ln（2-x）+3关于点A（1，3）对称，证明如下：
设P（x₀，y₀）为y=g（x）图象上任意一点，P关于点A（1，3）的对称点为P′（2-x₀，6-y₀）．
∵y₀=4-4x₀+lnx₀-ln（2-x₀）+3，∴6-y₀=4-4（2-x₀）+ln（2-x₀）-ln（2-（2-x₀））+3
∴P′也在函数y=g（x）图象上，故y=g（x）图象关于点A（1，3）对称
∵2x₁+2x₂=2，∴g（2x₁）+g（2x₂）=6为常数
法二：g(2x1)+g(2x2)=4-4?2x1+ln

2x1

2-2x1

+3+4-4?2x2+ln

2x2

2-2x2

+3=6为常数
（3）∵f′（1）=-1，∴直线l：y-1=-（x-1），即y=2-x
代入y=

1

2

m(x-1)2-2x+3+lnx
得m（x-1）²-2x+2lnx+2=0
令F（x）=m（x-1）²-2x+2lnx+2，则F（1）=0，∴F（x）=0有一个解x=1
又∵F′(x)=2

(mx-1)(x-1)

x

①当m=1时，F′(x)=2

(x-1)2

x

≥0，∴F（x）在（0，+∞）上递增，∴F（x）=0恰有一个解符合条件；
②当m＞1时，当0＜x＜

1

m

或x＞1时，F′（x）＞0，当

1

m

＜x＜1时F′（x）＜0，
故F（x）极大值=F(

1

m

)＞0，极小值F（1）=0．
且当x→0时F（x）→-∞；当x→+∞时，F（x）→+∞
∴F（x）在(0，

1

m

)，(

1

m

，+∞)上各有一个实根，不符合条件，舍去
综上m=1

3、扩展分析：该试题重点查考的考点详细输入如下：

经过对同学们试题原文答题和答案批改分析后，可以看出该题目“已知函数f(x)=12m(x-1)2-2x+3+lnx，常数m≥1（1）求函数f（x）单调递减..”的主要目的是检查您对于考点“高中二次函数的性质及应用”相关知识的理解。有关该知识点的概要说明可查看：“高中二次函数的性质及应用”。

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